Questão 27 - 1ª Fase - IME 2025

Poliedro Resolve - Resolução IME 1ª Fase 2025

Poliedro Resolve Resolução - IME 2ª Fase Dia 1 - 2025

Poliedro Resolve Resolução - IME 2ª Fase Dia 2 - 2025

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Gabarito

1ª Fase
1. 1C
2. 2E
3. 3B
4. 4C
5. 5D
6. 6E
7. 7D
8. 8D
9. 9A
10. 10B
11. 11C
12. 12B
13. 13A
14. 14D
15. 15E
16. 16A
17. 17C
18. 18D
19. 19B
20. 20A
21. 21A
22. 22E
23. 23B
24. 24E
25. 25D
26. 26D
27. 27A
28. 28C
29. 29D
30. 30C
31. 31D
32. 32C
33. 33A
34. 34C
35. 35D
36. 36D
37. 37E
38. 38B
39. 39B
40. 40E

Questão ativa
Já visualizadas
Não visualizadas
Resolução pendente
ANL
Questão anulada
S/A
Sem alternativas

Questão 27

Objetiva

Um trapézio retângulo desloca-se para a direita à velocidade escalar constante u. No instante inicial, um de seus vértices está à distância h do ponto P. Ainda nesse instante, um objeto parte do ponto P à velocidade constante v, indicada na figura juntamente com outras grandezas. O valor mínimo de v para que o objeto não seja atingido pelo trapézio, onde $0 < α < β < \frac{π}{2},$ é

Alternativas

A
$\frac{u}{sen (β - α) / sen β + h sen α / L}$
B
$\frac{u \cos β}{\cos (α + β) + h sen α / L}$
C
$\frac{u sen β}{sen β + h sen α / L}$
D
$\frac{u sen β}{sen (β + α) + h sen α / L}$
E
$\frac{u}{\cos α + h sen α \cos β / L}$

Gabarito:
A

No referencial do trapézio, no caso limite, a partícula passa quase tocando a ponta do trapézio, como mostra a figura:

No tempo em que a partícula percorre na direção vertical uma distância L, na horizontal percorre a distância $h - L \cdot \cot g β$ ; assim:

$\frac{L}{v \cdot sen α} = \frac{h - L \cdot cot g β}{u - v \cdot \cos α}$

$u \cdot L - v \cdot L \cdot \cos α = h \cdot v \cdot sen α - v \cdot L \cdot sen α \cdot cotg β$

$v [h \cdot sen α + L (\cos α - sen α \cdot cotg β)] = u \cdot L$

$v [h \cdot sen α + \frac{L}{sen β} \cdot sen (β - α)] = u \cdot L$

Portanto:

$v = \frac{u}{\frac{sen (β - α)}{sen β} + \frac{h}{L} \cdot sen α}$

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